Emelt szintű írásbeli érettségi – 2014. május-június

A képre kattintva jelenik meg a tartalom.

Harcsa Edit’s Blog

Blogomon a matematika és az informatika tanításához / tanulásához szeretnék segítséget nyújtani – sok-sok érdekességgel színesítve…

Archive for 2014. május

Informatika (középszintű) érettségi 2014. – hivatalos megoldások

A tavaszi informatika középszintű érettségit 2014. május 16-án írhatták meg a diákok, a feladatok és a megoldások az alábbi linkekről tölthetők le!

Középszint:

“A dokumentumokat pdf állományok tartalmazzák, amelyek tartalomhű megjelenítést és nyomtatást tesznek lehetővé. A pdf állományokban tárolt adatok megjelenítéséhez és nyomtatásához pdf olvasó program szükséges (pl. Adobe Reader, Sumatra PDF, Foxit Reader stb.).“

(Az emelt szintű vizsga 2014. május 13-án volt. Az ehhez kapcsolódó bejegyzésem:

Informatika középszintű érettségi 2014 – feladatsor képekben

Holnap reggel 8-tól itt lesznek elérhetőek a hivatalos megoldások!

A 2014-es informatika érettségi oldalainak forrása: Eduline.

Informatika (emelt szintű) érettségi 2014. – hivatalos megoldások

A tavaszi informatika emelt szintű érettségit 2014. május 13-án írhatták meg a diákok, a feladatok és a megoldások az alábbi linkekről tölthetők le!

Középszintű vizsga 2014. május 16-án lesz!

Informatika idegen nyelven:

Matek érettségi 2014 – hivatalos megoldások

A tavaszi matematika érettségit 2014. május 6-án írhatták meg a diákok,
feladatok és megoldások az alábbi linkekről tölthetők le!

Középszint: feladatlapok

javítási-értékelési_útmutató:

Emelt szint: feladatlap

javítási-értékelési_útmutató

Középszintű írásbeli érettségi vizsgák 2014. május –
feladatlapok és javítási-értékelési útmutatók

Matek középszintű érettségi 2014 – nem hivatalos megoldások

Holnap reggel 8-tól itt lesznek elérhetőek a hivatalos megoldások!

A 2014-es matematika érettségi I. és II. részének megoldásait a Studium Generale készítette.
Forrás: Eduline

Online memória játékok

Ezzel a játékkal vizuális memóriátokat tesztelhetitek!

Az indítás után két ábrát kaptok, ezekről kell eldöntenetek, hogy ugyanazt látjátok-e, csak elforgatva, vagy két különböző ábra jelent meg a képernyőn.

Itt először meg kell adnotok néhány alapadatot, majd kezdődhet a játék. Számok és betűk jelennek majd meg a képernyőn, ezeket kell fejben sorba rendezni, majd beírni a megadott helyre. A feladatok után megkapjátok az átlagpontszámot, valamint azt, hogy az átlagosnál jobb vagy rosszabb eredményt értetek el.

Videók matekból (2.)

“Folyamatosan bővíti tudástárát az Edubase.hu, ahol nemcsak a matekérettségire lehet gyakorolni, hanem a gimnáziumi tananyag egy részét is megtaláljátok tizediktől tizenkettedikig. Vannak többek közt logaritmusokra, egyenletekre, deriválásra és gyökvonásra vonatkozó feladatok is – emelt és középszinten egyaránt.”

Videók matekból (1.)

A kötelező vizsgatárgyakból
– magyarból, történelemből és matekból –
segítenek a felkészülésben a
Nemzedékek Tudása Akadémia ingyenes videói.

A tizenöt perces videóórákat dr. Gerőcs László, az ELTE Trefort Ágoston Gyakorlóiskola vezetőtanára tartja.

Emelt szintű írásbeli érettségi – 2014. május-június

A korábbi évek gyakorlatának megfelelően a feladatsorok, a javítási-értékelési útmutatókkal együtt a vizsgát követő napon kerülnek fel az oldalra – a reggel 8 órakor kezdődő vizsgák esetében a vizsga másnapján reggel 8 órakor, a 14 órakor kezdődő vizsgák esetében a vizsgát követő nap 14 órakor.

Írásbeli vizsgaidőpont	Vizsgatárgy
2014. május 5. – 8 óra	magyar nyelv és irodalom
az írásbeli vizsgák megkezdése előtt	gazdasági ismeretek – projekt készítése
2014. május 6. – 8 óra	matematika
	matematika idegen nyelven
2014. május 7. – 8 óra	történelem
	történelem idegen nyelven
2014. május 8. – 8 óra	angol nyelv
2014. május 9. – 8 óra	német nyelv
2014. május 12. – 8 óra	horvát nyelv és irodalom
	német nemzetiségi nyelv és irodalom
	szlovák nyelv és irodalom
2014. május 13. – 8 óra	informatika
	informatika idegen nyelven
2014. május 13. – 14 óra	latin nyelv
2014. május 14. – 8 óra	biológia
	biológia idegen nyelven
2014. május 14. – 14 óra	társadalomismeret
2014. május 15. – 8 óra	kémia
	kémia idegen nyelven
2014. május 15. – 14 óra	földrajz
	földrajz idegen nyelven
2014. május 16. – 14 óra	belügyi rendészeti ismeretek
2014. május 19. – 8 óra	fizika
	fizika idegen nyelven
2014. május 20. – 8 óra	egészségügyi alapismeretek
	elektronikai alapismeretek
	építészeti és építési alapismeretek
	gépészeti alapismeretek
	informatikai alapismeretek
	kereskedelmi és marketing alapismeretek
	környezetvédelmi-vízgazdálkodási alapismeretek
	közgazdasági alapismeretek (elméleti gazdaságtan)
	közgazdasági alapismeretek (üzleti gazdaságtan)
	közlekedési alapismeretek (közlekedéstechnika)
	közlekedési alapismeretek (közlekedés-üzemvitel)
	mezőgazdasági alapismeretek
	oktatási alapismeretek
	vendéglátás-idegenforgalom alapismeretek
2014. május 21. – 8 óra	francia nyelv
2014. május 22. – 8 óra	olasz nyelv
2014. május 23. – 8 óra	spanyol nyelv
2014. május 26. – 8 óra	orosz nyelv
	beás nyelv
	bolgár nyelv
	horvát nyelv
	lengyel nyelv
	lovári nyelv
	román nyelv
	szerb nyelv
	szlovák nyelv
	újgörög nyelv
	ukrán nyelv
2014. május 26. – 14 óra	gazdasági ismeretek (II. változat)
	katonai alapismeretek

A dokumentumokat PDF állományok tartalmazzák, amelyek tartalomhű megjelenítést és nyomtatást tesznek lehetővé. A PDF állományokban tárolt adatok megjelenítéséhez és nyomtatásához PDF olvasó program szükséges (pl. Adobe Reader, Sumatra PDF, Foxit Reader stb.).

MATEMATIKA PRÓBAÉRETTSÉGI MEGOLDÓKULCS EMELT SZINT

1 Matematika PRÉ megoldókulcs 0. január 8. MTEMTIK PRÓBÉRETTSÉGI MEGOLDÓKULS EMELT SZINT. Egy atlétika csapat alapozást tart. Robbanékonyságukat és állóképességüket 0 méteres síkfutással fejlesztik. Összesen fiatal sportoló idejét méri meg az edző, melyek közül az alábbi négy ismert számunkra: ; 6; 8 valamint, másodperc. a) Mennyi lehet az ötödik futó ideje, ha tudjuk, hogy az összes mért idő szórása, másodperc és azt is, hogy nem ő volt a leggyorsabb? (6 pont) b) futókat növekvő sorrendbe állítjuk az idők alapján. következő egy hónapos edzésterv célja, hogy mindegyik futó annyi százalékot tudjon javítani saját idején, ahányadik helyet tölti be ebben a felállított sorrendben. Hogyan változik az átlag és a szórás akkor, ha sikerrel jár az edzésterv? ( pont) c) Ábrázolja oszlopdiagramon az eredetileg mért részidőket! ( pont) a) szórás képletét alkalmazva felírható az alábbi egyenlet, melyben az ismeretlen időt -szel jelöljük. 6, 8. ( pont) Ezen egyenlet rendezését és egy négyzetre emelést követően egy másodfokú egyenletet kapunk ismeretlennel: ,, melynek megoldása az alábbi számpár: ( pont), valamint 9 6 7,7 8 Tehát az ötödik futó ideje 7,7másodperc, mivel tudjuk, hogy nem ő volt a leggyorsabb. b) z idők sorrendben: ;,; 6; 7,7; 8. Ebből fakadóan az új elérendő idők a következőképpen alakulnak: 0,99,9, 0,98,9 60,97,8 7,70,96 7,0 80,9 7,60 módosult átlag tehát: módosult szórás pedig:,9,9,8 7, 7,6 6. 9 6,,9 6,,8 6, 7, 6, 7, 6 6,,07 – –

2 Matematika PRÉ megoldókulcs 0. január 8. c) z idők az alábbi módon ábrázolandóak: ,7 6 6, 0 Első futó Második futó Harmadik futó Negyedik futó Ötödik futó ( pont) Összesen: pont – –

3 Matematika PRÉ megoldókulcs 0. január 8.. dott három sorozat. n számtani sorozatról ismert, hogy a tizenkilencedik és tizenegyedik elemének különbsége, a tizenharmadik eleme pedig 9-cel egyenlő. Bn számtani sorozatról tudjuk, hogy különbsége, első tizenkét elemének összege pedig 88. n sorozat elemeit úgy kapjuk meg, hogy a prímszámokból rendre kivonunk egyet. a) dja meg az első két sorozat eplicit képletét, majd határozza meg mindhárom sorozat 0. elemét! (6 pont) b) Mely sorozat első 0 elemének összege a legnagyobb? ( pont) c) Mely elemeket képzi az alábbi halmazműveletek sora, ha az egyes halmazok rendre a sorozatok az a) feladatrész szerint értelmezett elemeit tartalmazzák és egyben az alaphalmazt is jelölik: a) sorozat: n a a 9 n a 9 a a 8d a d 9 a n B n sorozat: d bb d b 88 Bn \ B \ 0d? ( pont) 8d d n B n sorozat: z első 0 prímszám: ; ; ; 7; ; ; 7; 9; ; 9; ; 7; ; ; 7; ; 9; 6; 67; 7. Így a sorozat 0. eleme a 70. b) sorozatok első 0 elemének összegeit össze kell hasonlítanunk S 0 S 0 S 0 9 ( ) ( B) 0 00 ( ) Tehát a sorozat első 0 elemének összege a legnagyobb. c) halmazműveleti jelölés az alábbi területet jelöli egy Venn-diagramon ábrázolva: ( pont) Tehát azokra az elemekre voltunk kíváncsiak, amelyeket csak és kizárólag a sorozat tartalmaz: B n n \ B\ ;;6;8;0; ( pont) Összesen: pont B – –

4 Matematika PRÉ megoldókulcs 0. január 8. ) Oldja meg az alábbi egyenleteket a valós számok halmazán! a) a, ha tudjuk, hogy a = (8 pont) b) a) z egyenlet bal oldalának kitevőjét egyszerűbb alakra hozzuk: ( pont) Kikötés: és 8 Ebből könnyedén látható, hogy a kitevő értéke az kifejezés előjeles értékétől függően -et, vagy –et fog fölvenni, amely alapján a baloldal -szel vagy -szel lesz egyenlő. jobboldalon szereplő abszolútértékes kifejezés helyen vált előjelet. Ezek alapján külön intervallumokat tudunk vizsgálni, melyek határai az egyes abszolútértékes kifejezések előjelváltási helyeinél lesznek: I. intervallum: 8 megoldás. II. intervallum: 8 0 8, az és az helyen., amely nem esik bele az intervallum értelmezési tartományába, így nem, amely egyenletnek nincs megoldása a valós számok halmazán. III. intervallum: IV. intervallum:, így az egyenletnek ezen az intervallumon értelmezve sincs valós megoldása. b) z egyenlet szerint három nemnegatív szám összege nullával egyenlő, amely csak abban az esetben valósulhat meg, ha mindhárom kifejezés nullával egyenlő. vagy vagy vagy 6. Jól látható, hogy az helyen mindhárom gyök alatti kifejezés nullával lesz egyenlő, így ez lesz az egyetlen megoldása az egyenletnek. Összesen: pont – –

5 Matematika PRÉ megoldókulcs 0. január 8. ) Oldja meg az alábbi trigonometrikus egyenletet a valós számok halmazán! sin tg siny cosy cos Bár az egyenlet két ismeretlenes, értékkészlet vizsgálatok segítségével megoldható. Először is mindkét oldalt egyszerűbb alakra hozzuk: Baloldal: sin + tg – = tg + ctg cos alábbi összefüggés: Jobboldal: tg + ctg, amely egy szám és reciprokának összege, így fennáll rá az. ( pont) siny cos y = siny cos y = siny cos y = sin y sin y, melynek értékkészlete:. ( pont) Így az egyenlet két oldala csak akkor lehet egyenlő, ha mind a két oldal -t vagy mínusz -t vesz fel értékül. ( pont) Baloldal: Jobboldal: vagy Baloldal: Jobboldal: π tg + ctg = tg = ctg = k π, ahol k π sin y sin y y l y lπ π tg + ctg = tg = ctg = k π, ahol., ahol k π sin y sin y y l y lπ l. ahol l. Összesen: pont Maimális elérhető pontszám: pont – –

6 Matematika PRÉ megoldókulcs 0. január 8. ) dott egy cm magas, 0 cm átmérőjű egyenes, zárt henger, amelybe vizet töltöttünk. a) hengert az oldalára fektetjük, így a vízszint a föld szintjétől mérve 7 cm lesz. Hány liter víz van a hengerben? (8 pont) b) Állítsuk vissza az alapjára a hengert és távolítsuk el a fedelét. Mekkora átmérőjű vasgolyót kellene beleejtenünk, hogy a víz szintje %-kal emelkedjen? (8 pont) a) z oldalára fektetett hengerben a vízoszlop hossza cm lesz, az alapja pedig a következő, szürkére festett síkidommal egyezik meg: hhoz, hogy meg tudjuk állapítani a fekvő vízoszlop térfogatát, ki kell S G számolnunk az alap síkidom területét, amely OSG háromszög és O 7 OGP körcikk területösszegének kétszerese lesz. OSG háromszöget területét P könnyedén megkaphatjuk, ha SG szakasz hosszát ismerjük. Ezt a háromszögre felírt Pitagorasz tétel segítségével számítjuk ki: SG Tehát OSG háromszög területe: T OSG. OGP körcikk területének kiszámításához szükségünk van az POG szögre, amely SOG szög kiegészítő szöge lesz, így OGP körcikk területe így már számolható: z alapot képző síkidom területe: =80 – SOG =80 -cos,8 alap T -,8 60 körcikk r,78 T T T,78 8,7 OSG körcikk. Így megkaphatjuk a fekvő vízoszlop térfogatát, mivel a magasságról tudjuk, hogy cm. V = T m = 8,7 =68 68 alap cm, 68 dm,7 liter. b) hengert felállítottuk az alapjára, első lépésben a vízoszlop magasságát kell kiszámolnunk, mivel alapja megegyezik a henger alapkörével: V r m 68 = m m 8,7cm. magasságnak 8,7 0,0 = 0,6 0,6 cm-rel kell növekednie. rchimédész törvénye alapján, a vízbe dobott golyó térfogata megegyezik egy 0,6 cm magas vízlemez térfogatával. ( pont) Így R 0,6 0,6,9cm Vvasgolyó r R ( pont) golyó átmérője volt a kérdés, amely a sugár kétszerese lesz: d R,8,8 cm. Összesen: 6 pont – 6 –

7 Matematika PRÉ megoldókulcs 0. január 8. 6) Egy szabályos kilencszög oldala cm. Hány darab különböző hosszú átlója van? Ezek milyen hosszúak? (6 pont) szabályos kilencszög egy csúcsából pontosan 6 átló húzható. Ezek között, a szabályosság elve miatt, lesz három páronként megegyező hosszúságú átló. Ebből fakadóan három különböző hosszú átlót tudunk húzni egy adott csúcsból, amely kijelentés mindegyik csúcsra fennáll. ( pont) B D átló hosszát B egyenlő szárú háromszögből, e BD egyenlő szárú trapézból és BDE f ötszögből fogjuk tudni kiszámolni. ( pont) g képen jelölt Ω szög 0 -os, mivel 9 egyenlő részre osztja a 60 -ot. E Ebből fakadóan a kilencszög belső szögei Ω 80 0 egyenként: 0, mivel a középpontba húzott sugarak felezik ezeket a szögeket. Így már e átló hossza könnyen számolható a koszinusz-tétel segítségével: z f átló hossza megegyezik az D szakasz hosszával, amely az alábbi BD szimmetrikus B trapéz hosszabbik alapja. φ Hosszúságát úgy kaphatjuk meg, hogy TB háromszög φ szögével szemközti befogójának T kétszeresét hozzáadjuk a -hez: D, ahol f sin Tehát az f átló hossza: e n cos0 e 7, 7, cm. ( pont) f sin0 0, 0, cm g átló kiszámolásához ismernünk kell PB háromszög γ szögével szemközti befogó g e sin, ahol hosszát: g e e,, cm. ( pont).. P Tehát a három különböző átló hossza 7, cm, 0, cm valamint, cm. Összesen: 6 pont B γ δ e e D E – 7 –

8 Matematika PRÉ megoldókulcs 0. január 8. 7) dott egy háromszög három csúcspontja egy derékszögű koordinátarendszerben: B ; valamint ;. a) dja meg a háromszög súlypontján és az origón átmenő egyenes egyenletét! ( pont) b) Mekkora és milyen irányú szöggel kellene elforgatnunk a háromszöget az csúcs körül, ha azt szeretnénk, hogy az oldal párhuzamos legyen az ordinátatengellyel? ( pont) c) háromszög területének hanyad része esik az I. síknegyedbe? (8 pont) ;, (;) (-;-) B (;-) a) két ponton átmenő egyenes egyenletét megkaphatjuk a két pont koordinátáiból. z egyik pont az origó, a másik pedig a háromszög súlypontja, amelyet a következőképp kaphatunk meg: B y yb y S ; S ; S ; y y két ponton áthaladó egyenes egyenlete: y Behelyettesítve a megfelelő koordinátákat: 0 0 y y y

9 Matematika PRÉ megoldókulcs 0. január 8. b) Mivel B oldal párhuzamos az -tengellyel, ezért az csúcsból erre az oldalra bocsátott magasságvonal T szakasz párhuzamos lesz y-tengellyel. Ebből következik, hogy oldal σ szöggel tér el az T szakasz egyenesétől. Így a háromszöget csúcs körül σ szöggel kell elforgatnunk ahhoz, hogy az oldal párhuzamos legyen az y-tengellyel cos cos cos 0, c) területek tekintetében úgy járunk el, hogy a teljes háromszög területéből kivonjuk a II., III. és IV. síknegyedbe eső területeket, ezek ugyanis egy derékszögű háromszögeket és két derékszögű trapézt formálnak meg. T T T T T I. II. III. IV T 79, kiszámításához szükségünk van oldal – és y- tengellyel vett metszéspontjaira, amelyet egyenletének segítségével kapunk meg. T II. : y y metszéspontok így: valamint Így T III. T IV. T II. 70 6y 0; ; 0 7. területe, amely egy derékszögű háromszög, számolható: TII kiszámításához szükség van B oldal -tengellyel vett metszéspontjára, melyet B egyenletének segítségével kaphatunk meg: T IV. 7 y 7 ; 0 B : TI. T TII. TIII. TIV. keresett terület tehát: megoldást jelentő arányszám tehát TI.,6 = 0,8. T, σ B B Összesen: 6 pont – 9 –

10 Matematika PRÉ megoldókulcs 0. január 8. 8) Fehér és barna kockacukrokat kevertünk össze két különböző edényben. z elsőben fehér és barna, a másodikban pedig fehér és 6 barna kockacukor található. Bekötött szemmel, véletlenszerűen kiveszünk egy kockát az első tárolóból, majd áttesszük azt a másodikba. Ezt a mozdulatsort visszafelé is elvégezzük. a) Mekkora eséllyel húzunk a áttételt követően barna kockacukrot az első edényből? (0 pont) b) Mennyivel változik az esély akkor, ha a legelső húzásnál csaltunk egy picit és láttuk, hogy fehér kockacukrot húztunk? (6 pont) a) F-fel jelöljük azt, ha az adott húzásnál fehér kockacukrot, és B-vel, ha barnát húzunk. Négy különböző eseti valószínűséget kell figyelembe venni, melyek uniója lesz a megfejtés. FFB eset valószínűsége: FBB eset valószínűsége: BFB eset valószínűsége: BBB eset valószínsége: valószínűségek uniója pedig: ( pont) , ( pont). ( pont). ( pont). ( pont) b) z előző négy vizsgált esetből az első kettőt kell vizsgálnunk úgy, hogy biztos eseménynek vesszük azt, hogy az első kockacukor fehér volt. ( pont) megváltozott valószínűség tehát: Így a valószínűség 7 0,0 6 0, ( pont), tehát 0,0-dal nőtt. ( pont) Összesen: 6 pont – 0 –

11 Matematika PRÉ megoldókulcs 0. január 8. 9) dott az f 6- = + függvény. Milyen arányú területrészekre osztja az a függvénygörbe és az -tengely által közbezárt területet? feladatmegoldást első lépéseként egyszerűbb alakra hozzuk a függvényt: 6 6 f y = egyenes (6 pont) ( pont) Így a függvény egyértelműen egy konkáv parabola, amely 0-nál és -nél metszi az -tengelyt. területrészletek arányainak megadásához először integrálnunk kell a függvény a zárt 0; intervallumon. d d ( pont) ( pont) konstans egyenes két részre bontja a parabola függvénye alatti területet, a két függvény metszéspontjait kell első körben meghatároznunk. y y és 0 0, tehát a metszéspontok. ( pont) területrészek arányának meghatározásához elegendő az egyik rész területét kiszámolnunk. Vegyük észre, hogy ha a parabolát két egységgel balra és három egységgel lefelé eltolnánk, akkor az y egyenes pont egybeesne az -tengellyel. Így ezen területrész területe integrálszámítással számolható: d. Így a két területrész T, valamint területek aránya tehát: 8 T : ( pont). ( pont). Összesen: 6 pont Maimális elérhető pontszám: 6 pont próbaérettségi során szerezhető maimális pontszám: pont – –